专题01 单调性的几个等价命题-妙解高考数学填选压轴题
专题01 单调性的几个等价命题 【方法点拨】 1. 函数fx为定义域在上的增函数对任意,当时,都有; 2. 对任意,当时,都有函数fx-kx为上的增函数 说明含有地位同等的两个变量x1 , x 2 或𝑞,𝑟等不等式,进行“尘归尘,土归土”式的整理,是一种常见变形,如果整理(即同构)后不等式两边具有结构的一致性,往往暗示单调性(需要预先设定两个变量的大小). 【典型题示例】 例1 (2022江苏南通海安12月考8)已知fx=x2+2ax-1,对任意x1、x2∈[1,+∞且x1<x2,恒有x2fx1-x1fx2<ax1-x2成立,则实数a的取值范围是( ) A. -∞,2]B. -∞,3]C. -∞,72]D. 0,72] 【答案】A 【分析】由已知条件可得函数gxfxxax在[1,∞上单调递增,所以gx11x2−ax2x21−ax2≥0在[1,∞上恒成立,从而可得a≤x21在[1,∞上恒成立,进而可求得答案 【解析】由x2fx1−x1fx2ax1−x2,x1,x2∈[1,∞,得x2fx1−x1fx2x1x2ax1−x2x1x2, 所以fx1x1ax1fx2x2ax2, 因为x1,x2∈[1,∞且x1x2, 所以函数gxfxxax在[1,∞上单调递增,即gxx2a−1xax在[1,∞上单调递增, 所以gx11x2−ax2x21−ax2≥0在[1,∞上恒成立, 所以x21−a≥0在[1,∞上恒成立,即a≤x21在[1,∞上恒成立, 所以a≤2, 所以实数a的取值范围是−∞,2], 故选A 例2 已知函数,在其图象上任取两个不同的点、,总能使得,则实数的取值范围为( ) A.B.C.D. 【答案】B 【分析】根据结合,可得出,可知函数在上为增函数,可得出,结合参变量分离法可求得实数的取值范围. 【解析】由以及,, 所以,, 构造函数,则, 所以,函数在上为增函数, 由于,则对任意的恒成立, 由,可得, 当时,则,当且仅当时,等号成立, 所以,,因此实数的取值范围是. 故选B. 例3 已知函数fx的定义域为R,图象恒过0,1点,对任意,当时,都有,则不等式的解集为 A.In2, ∞B.-∞,ln2C.In 2,1D.0, ln 2 【答案】D 【分析】移项通分,按结构相同、同一变量分成一组的原则,将化为 令, 故在R上单增,且 可化为 即,所以,,解之得 所以不等式的解集为0, ln 2. 点评 1. fx在单增(减)对任意,当时,都有 ; 2. 结构联想,当题目中出现,应移项通分转化为,即Fxfx-ax在单增. 例4 已知函数,对于任意,当时,不等式 恒成立,则实数的取值范围是________. 【答案】 【分析】同构后不等式两边具有结构的一致性,构造新函数,直接转化为函数的单调性. 【解析】不等式可变形为, 即,当,且恒成立, 所以函数在上单调递减. 令 则在上恒成立, 即在上恒成立. 设,则. 因为当时,, 所以函数在上单调递减, 所以, 所以, 即实数的取值范围为. 例5 已知是定义在上的奇函数,对任意两个不相等的正数,,都有,记,,,则,,的大小关系为 A.B.C.D. 【答案】D 【解析】构造函数,则因为是定义在上的奇函数,故为定义域是 的偶函数 又对任意两个不相等的正数都有,即,故在上为减函数. 综上, 为偶函数,且在上单调递增,在上单调递减. 又,,,且 所以,即,故答案为D. 【巩固训练】 1. 已知函数满足对任意,都有成立,则实数的取值范围是( ) A. B. C. D. 2.已知函数,当时,不等式恒成立,则实数的取值范围为( ) A.B.C.D. 3.若对∀x1,x2∈m,+∞,且x1x2,都有1,则m的最小值是 注e为自然对数的底数,即e=2.718 28 A. B.e C.1 D. 4.已知函数,对任意的,,且,不等式恒成立,则实数的取值范围是( ) A.B.C.D. 5.已知是定义在上的奇函数,且,当,且时,成立,若对任意的恒成立,则实数m的取值范围是( ) A. B. C. D. 6.设函数是定义在上的奇函数,,若对任意两个不相等的正数都有,则不等式的解集为______. 7.已知,若对任意两个不等的正实数,,都有恒成立,则的取值范围是 . 8.已知大于1的正数,满足,则正整数的最大值为( ) A.7B.8C.9D.11 【答案与提示】 1. 【答案】B 【解析】因为函数对任意,都有成立,所以函数在定义域内单调递减,所以.故选B. 2. 【答案】A 【分析】令,由可知在上单调递增,从而可得在上恒成立;通过分离变量可得,令,利用导数可求得,从而可得,解不等式求得结果. 【解析】由且得 令,可知在上单调递增 在上恒成立,即 令,则 时,,单调递减;时,,单调递增 ,解得 本题正确选项 点评 本题考查根据函数的单调性求解参数范围的问题,关键是能够将已知关系式变形为符合单调性的形式,从而通过构造函数将问题转化为导数大于等于零恒成立的问题;解决恒成立问题常用的方法为分离变量,将问题转化为参数与函数最值之间的大小关系比较的问题,属于常考题型. 3.【答案】 C 【解析】 由题意,当0≤mx1x2时, 由1,等价于x1ln x2-x2ln x1x2-x1,即x1ln x2+x1x2ln x1+x2, 故x1ln x2+1x2ln x1+1,故, 令fx=,则fx2fx1, 又∵x2x1m≥0, 故fx在m,+∞上单调递减, 又由f′x=,令f′x0,解得x1, 故fx在1,+∞上单调递减,故m≥1. 4. 【答案】B 【解析】因为,不妨设,则可化为,即 设 则恒成立,即对任意的,且时恒成立,即对任意的,且时恒成立 所以在R上单增 故在R上恒成立 所以,故 所以实数的取值范围是, 选B. 5. 【答案】B 【解析】令,则,成立, 则为单调增函数, 若对任意的恒成立,则, 即,即都有, 令,则, ∴,∴,故选B 6