河北省邯郸市部分学校2025届高三上学期第一次大联考模拟预测试题 物理含解析

高三第一次大联考􀅱物理 １高三第一次大联考􀅱物理 ２ 高三第一次大联考物理答案 １６ＤꎬＤꎬＣꎬＡꎬＤꎬＢ ７１０ＣＤꎬＢＣꎬＡＤꎬＢＤ 部分解析 ５. Ｄ 解析若波沿 ｘ 轴负方向传播ꎬＡ 点波第一次出现在波 峰时波应传播 ｘ＝１０.５ｍꎬ则波速为 ｖ＝ ｘ ｔ ＝ １０.５ ０.３ ｍ/ ｓ＝３５ｍ/ ｓꎬ由图可知波长为 λ ＝ １２ｍꎬ波的周期为 Ｔ ＝ λ ｖ ＝ １２ ３５ ｓ１.０ｓꎬ所以波速为 ５ｍ/ ｓ 且波 沿 ｘ 轴正方向传播ꎬＡ、Ｂ 错误ꎻ从 ｔ＝ ０ 时刻开始ꎬＢ 点第 一次出现在波峰应传播的距离为 ｘ＝ ３ｍꎬ所需的时间为 ｔ ＝ ｘ ｖ ＝ ３ ５ ｓ＝０.６ｓꎬＣ 错误ꎻ０.６ｓ 为 １ ４ 个周期ꎬ质点 Ａ 由实线 所示的位置运动到波峰再回到实线处的位置ꎬ所以质点 Ａ 在 ０.６ｓ 的时间内通过的路程为 ２ Ａ－ ２ ２ Ａ ＝４０－２０ ２ ｃｍꎬＤ 正确ꎮ ６. Ｂ 解析开始阶段ꎬＰ、Ｑ 一起做加速运动ꎬ对 Ｐ、Ｑ 整体由 牛顿第二定律 Ｆｃｏｓθ＝ ２ｍａ 得 ａ＝ Ｆｃｏｓθ ２ｍ ꎬ可知系统的加速 度增大ꎬ又由于 Ｑ 对 Ｐ 的压力为 ＦＮ＝ｍｇ－Ｆｓｉｎθꎬ由题图 ２ 可知ꎬＦ 增大 ＦＮ减小ꎬＡ 错误ꎻ对 Ｐ 分析ꎬ当二者刚要发 生相对滑动时ꎬ根据牛顿第二定律有 Ｆｆｍ＝μＦＮ＝ｍａꎬ联立 解得 Ｆ＝ ２μｍｇ ｃｏｓθ＋２μｓｉｎθꎬ由题图 ２ 可知 Ｆ＝ ｍｇ ｔ０ ｔꎬ所以 Ｐ、Ｑ 一 起运动的时间为 ｔ＝ ５ ７ ｔ０ꎬ因此 ｔ＝ ５ ７ ｔ０后ꎬＰ、Ｑ 间发生相 对运动ꎬＢ 正确ꎻ由以上分析可知ꎬＰ、Ｑ 发生相对滑动之 前ꎬＰ 的加速度逐渐增大ꎬ对 Ｐ 分析ꎬ静摩擦力提供加速 度ꎬ则两者之间的静擦力逐渐增大ꎬ当两者发生相对滑动 后ꎬＰ、Ｑ 间的弹力变小ꎬ摩擦力变小ꎬＰ 的加速度变小ꎬＣ、 Ｄ 错误ꎮ ７. ＣＤ 解析“嫦娥六号”没有脱离地球的束缚ꎬ所以其发射速 度应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间ꎬＡ 错误ꎻ“嫦 娥六号”由轨道 １ 进入轨道 ２ 应减速ꎬ发动机对“嫦娥六 号”做负功ꎬ其机械能应减小ꎬＢ 错误ꎻ“嫦娥六号”由轨道 ２ 进入轨道 ３ꎬ应在近月点减速ꎬ即向“嫦娥六号”运动方向相 同的方向喷气ꎬＣ 正确ꎻ“嫦娥六号”在轨道 １ 上运行时的 轨道半径大于轨道 ３ 的半径ꎬ由开普勒第三定律可知“嫦 娥六号”在轨道 １ 的周期大于轨道 ３ 的周期ꎬＤ 正确ꎮ ８. ＢＣ 解析变压器的工作原理是电磁感应现象ꎬ因此输入 变压器原线圈的电流一定为交流电ꎬ因此整流器接在升 压变压器的输出端ꎬ即 Ｐ 处为整流器ꎬ输电线上的电流为 直流ꎬ要使输入降压变压器输入端的电流为交流ꎬ则逆变 器应接在降压变压器的输入端ꎬ即 Ｑ 处为逆变器ꎬＡ 错 误ꎻ由题意可知扇叶的频率为 ｆ０＝０.５Ｈｚꎬ则线圈的频率为 ｆ＝ｎｆ０ꎬ线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动ꎬ产生正弦式交变 电流ꎬ其电动势的最大值为 Ｅｍ＝ＮＢＳωꎬ角速度 ω＝２πｆꎬ可 解得 Ｅｍ＝ ２πＮＢＳｎｆ０ꎬ风力发电机输出电压的有效值为 Ｅ ＝ Ｅｍ ２ ＝ ２πＮＢＳｎｆ０＝６００Ｖꎬ则升压变压器的输入电压为 Ｕ１ ＝６００Ｖꎬ升压变压器的输出电压为 Ｕ２＝ １１０ｋＶꎬ由变压器 的工作原理可知 ｎ１ ｎ２ ＝ Ｕ１ Ｕ２ ꎬ解得 ｎ１ ｎ２ ＝ ３ ５５０ꎬＢ 正确ꎻ设输电电 流为 Ｉ２ꎬ则由 ＰＲ ＝ Ｉ ２ ２Ｒ 得 Ｉ２＝ ＰＲ Ｒ ꎬ代入数据解得 Ｉ２＝ ４００Ａꎬ输电线上损耗的电压为 ＵＲ ＝ Ｉ ２Ｒ ＝ ４００ １０Ｖ ＝ ４０００Ｖꎬ则降压变压器原线圈的输入电压为 Ｕ３ ＝Ｕ ２ －Ｕ Ｒ＝ １０６０００Ｖꎬ由公式 ｎ３ ｎ４ ＝ Ｕ３ Ｕ４ ꎬ解得 ｎ３ ｎ４ ＝ ５３００ １１ ꎬＣ 正确ꎻ又由 Ｉ１ Ｉ２ ＝ ｎ２ ｎ１ 得 Ｉ１＝ ｎ２ ｎ１ Ｉ２ꎬ代入数据解得 Ｉ１＝ ２２００００ ３ Ａꎬ则风力发电 厂的输出功率为 Ｐ＝ＥＩ１ꎬ代入数据得 Ｐ＝ ４.４１０７ＷꎬＤ 错 误ꎮ ９. ＡＤ 解析０ｘ０动能一直增加ꎬ该区域的电场力向右ꎬ又 电荷带正电ꎬ则电场方向向右ꎻｘ０２ｘ０动能一直减小ꎬ则 电场方向向左ꎬＡ 正确ꎻ物体仅在电场力作用下运动ꎬ由 动能定理得 Ｆｘ＝Ｅｋ －Ｅ ｏꎬ整理得 Ｅｋ＝Ｆｘ＋Ｅｏꎬ图线的斜率表 示电场力的大小ꎬ０ｘ０区域 Ｆ１＝ ２Ｅ０ －Ｅ ０ ｘ０ ＝ Ｅ０ ｘ０ ꎬｘ０２ｘ０区 域 Ｆ２＝ ０－２Ｅ０ ２ｘ０ －ｘ ０ ＝－２Ｅ ０ ｘ０ ꎬ所以 ０ｘ０与 ｘ０２ｘ０区域电场力大 小之比为 １ ∶ ２ꎬ由 Ｅ＝ Ｆ ｑ 可知电场强度大小之比为 １ ∶ ２ꎬ Ｂ 错误ꎻ物体在整个运动过程中ꎬ只有电场力做功ꎬ则只 有电势能和动能的转化ꎬ由于原点处电势为零ꎬ则电势能 为零ꎬ由能量守恒定律得 Ｅｏ＝２Ｅ０ ＋Ｅ Ｐ１ꎬ又 ＥＰ１＝ｑφｘ０ꎬ解得 φｘ０＝－Ｅ ０ ｑ ꎬＣ 错误ꎻ同理 ２ｘ０处的电势能为 ＥＰ２ ＝Ｅ ｏꎬ２ｘ０处 的电势为 φ２ｘ０＝ Ｅ０ ｑ ꎬ０ 与 ２ｘ０处的电势差为 Ｕ ＝ ０－φ２ｘ０＝ －Ｅ ０ ｑ ꎬＤ 正确ꎮ １０. ＢＤ 解析ａ 棒开始运动后ꎬ回路中有感应电流产生ꎬ根据 右手定则以及左手定则可知ꎬａ 棒所受的安培力沿导轨 向上ꎬ大小随速度的增大而增大ꎬ对 ａ 棒受力分析可知 ｍｇｓｉｎ３０＝μｍｇｃｏｓ３０ꎬ则 ａ 棒的合力为安培力ꎬ金属棒 ａ 切割磁感线产生的感应电动势为 Ｅ＝ＢＬｖꎬ由闭合电路欧 姆定律得 Ｉ＝ Ｅ ５Ｒꎬａ 棒所受的安培力为 Ｆ＝ＢＩＬꎬ由牛顿第 二定律得Ｂ ２Ｌ２ｖ ５Ｒ ＝ｍａ 可知ꎬａ 棒先做加速度减小的减速运 动后做匀速运动ꎬＡ 错误ꎻ 同理ꎬ金属棒 ｂ 的重力沿导轨 向下的分力等于滑动摩擦力ꎬ对金属棒 ｂ 由牛顿第二定 律得Ｂ ２Ｌ２ｖ ０ ５Ｒ ＝ ２ｍａꎬ解得 ａ ＝ Ｂ２Ｌ２ｖ０ １０ｍＲ ꎬ方向沿导轨向下ꎬＢ 正确ꎻ由以上分析可知两导体棒组成的系统合力为零ꎬ 则两金属棒组沿轨道方向动量守恒ꎬ最终达到共同速 度ꎬ根据动量守恒得 ｍｖ０＝ ３ｍｖꎬ设整个过程产生的焦耳 热为 Ｑꎬ根据功能关系有 Ｑ＝ １ ２ ｍｖ２ ０－ １ ２ ３ｍｖ２ꎬ根据串 联电路特点可知ꎬ金属棒 ａ 产生的焦耳热 Ｑ１＝ Ｒ Ｒ＋４ＲＱꎬ 解得 Ｑ１＝ １ １５ ｍｖ２ ０ꎬＣ 错误ꎻ根据法拉第电磁感应定律可 知ꎬ回路的平均电动势为􀭶 Ｅ＝ ΔΦ Δｔ ＝ ＢＬ􀅱Δｘ Δｔ ꎬ根据闭合电 路欧姆定律可知ꎬ回路的平均电流为􀭱 Ｉ＝ 􀭶 Ｅ ５Ｒꎬ对金属棒 ｂꎬ 由动量定理得 ＢＩＬ􀅱Δｔ＝ ２ｍｖꎬ联立解得 Δｘ ＝ １０ｍＲｖ０ ３Ｂ２Ｌ２ ꎬＤ 正确ꎮ １１. ６ 分１２２０Ｖ 的交流电源１ 分 没必要１ 分 ２２.００２ 分 ３ １ ２ｋ２ 分 １２. ９ 分１Ｆ１ 分 １２００１ 分 Ｃ１ 分 ２５５０２ 分 ３５５０ ＲＦ ＝ １ ４０Ｆ＋１２ 分 １１０２ 分 １３. １０ 分解１过 Ａ、Ｂ 分别作 ＭＮ 的垂线ꎬ交