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专题14 立体几何多选题 (解析版)-新高考多选题分章节特训

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专题14 立体几何多选题 (解析版)-新高考多选题分章节特训

专题14 立体几何多选题 1.已知菱形中,,与相交于点,将沿折起,使顶点至点,在折起的过程中,下列结论正确的是 A.B.存在一个位置,使为等边三角形 C.与不可能垂直D.直线与平面所成的角的最大值为 【答案】ABD 【解析】A选项,因为菱形中,与相交于点,所以,; 将沿折起,使顶点至点,折起过程中,始终与垂直,因此, 又,由线面垂直的判定定理,可得平面,因此,故A正确; B选项,因为折起的过程中,边长度不变,因此;若为等边三角形,则;设菱形的边长为,因为,则,即,又,所以,即二面角的余弦值为时,为等边三角形;故B正确; C选项,,,由A选项知,,, 所以,因此, 同B选项,设菱形的边长为,易得,, 所以,显然当时,,即;故C错误; D选项,同BC选项,设菱形的边长为,则,,,由几何体直观图可知,当平面,直线与平面所成的角最大,为,易知. 故选ABD. 2.如图,在正方体中,点在线段上运动,则 ( ) A.直线平面 B.三棱锥的体积为定值 C.异面直线与所成角的取值范围是 D.直线与平面所成角的正弦值的最大值为 【答案】ABD 【解析】对于选项A,连接,由正方体可得,且平面,则,所以平面,故;同理,连接,易证得,则平面,故A正确; 对于选项B,,因为点在线段上运动,所以,面积为定值,且到平面的距离即为到平面的距离,也为定值,故体积为定值,故B正确; 对于选项C,当点与线段的端点重合时,与所成角取得最小值为,故C错误; 对于选项D,因为直线平面,所以若直线与平面所成角的正弦值最大,则直线与直线所成角的余弦值最大,则运动到中点处,即所成角为,设棱长为1,在中,,故D正确 故选ABD 3.已知两条直线,及三个平面,,,则的充分条件是( ). A.,B.,, C.,D.,, 【答案】 ABC 【解析】由面面垂直定理可以判断正确, 对于选项,,,,也可以得到,故错. 故选. 4.如图,在棱长均相等的四棱锥中, 为底面正方形的中心, ,分别为侧棱,的中点,有下列结论正确的有 A.∥平面B.平面∥平面 C.直线与直线所成角的大小为D. 【答案】 ABD 【解析】选项A,连接BD,显然O为BD的中点,又N为PB的中点,所以∥ON,由线面平行的判定定理可得,∥平面;选项B, 由,分别为侧棱,的中点,得MN∥AB,又底面为正方形,所以MN∥CD,由线面平行的判定定理可得,CD∥平面OMN,又选项A得∥平面,由面面平行的判定定理可得,平面∥平面;选项C,因为MN∥CD,所以∠ PDC为直线与直线所成的角,又因为所有棱长都相等,所以∠ PDC,故直线与直线所成角的大小为;选项D,因底面为正方形,所以,又所有棱长都相等,所以,故,又 ∥ON,所以,故ABD均正确. 5.已知四棱锥,底面为矩形,侧面平面,,.若点为的中点,则下列说法正确的为( ) A.平面 B.面 C.四棱锥外接球的表面积为 D.四棱锥的体积为6 【答案】 BC 【解析】作图在四棱锥中 由题侧面平面,交线为,底面为矩形,,则 平面,过点B只能作一条直线与已知平面垂直,所以选项A错误; 连接交于,连接,中,∥,面, 面,所以面,所以选项B正确; 四棱锥的体积是四棱锥的体积的一半,取中点,连接, ,则平面,,四棱锥的体积 所以选项D错误. 矩形中,易得, 中求得在中 即 ,所以O为四棱锥外接球的球心,半径为, 所以其体积为,所以选项C正确 故选BC 6.正方体的棱长为2,已知平面,则关于截此正方体所得截面的判断正确的是( ) A.截面形状可能为正三角形B.截面形状可能为正方形 C.截面形状可能为正六访形D.截面面积最大值为 【答案】ACD 【解析】如图,显然A,C成立,下面说明D成立, 如图设截面为多边形, 设,则, 则 所以多边形的面积为两个等腰梯形的面积和, 所以 因为, , 所以 当时,,故D成立。 故选ACD. 7.正方体的棱长为1,分别为的中点.则( ) A.直线与直线垂直B.直线与平面平行 C.平面截正方体所得的截面面积为D.点和点到平面的距离相等 【答案】 BC 【解析】对选项A(方法一)以点为坐标原点,、、所在的直线分别为、、轴,建立空间直角坐标系,则、、、、、.从而,,从而,所以与直线不垂直,选项A错误; (方法二)取的中点,连接,则为直线在平面内的射影,与不垂直,从而与也不垂直,选项A错误; 取的中点为,连接、,则,,易证,从而,选项B正确; 对于选项C,连接,,易知四边形为平面截正方体所得的截面四边形(如图所示),且,,所以,而,从而选项C正确; 对于选项D(方法一)由于,而,而,,所以,即,点到平面的距离为点到平面的距离的二倍.从而D错误. (方法二)假设点与点到平面的距离相等,即平面将平分,则平面必过的中点,连接交于点,易知不是的中点,故假设不成立,从而选项D错误. 8.如图,矩形,为的中点,将沿直线翻折成,连接,为的中点,则在翻折过程中,下列说法中所有正确的是 A.存在某个位置,使得B.翻折过程中,的长是定值; C.若,则;D.若,当三棱锥的体积最大时,三棱锥的外接球的表面积是. 【答案】 BD 【解析】对于A,取的中点为,连接交于点,如图 则, 如果,则, 由于,则, 由于三线共面且共点, 故这是不可能的,故不正确; 对于B,如图,由, 且, 在中,由余弦定理得 ,也是定值, 故是定值,故正确; 对于C,如图 ,即,则 若,由于, 且平面, 平面,平面, ,则, 由于,故不成立,故不正确; 对于D,根据题意知,只有当平面平面时, 三棱锥的体积最大,取的中点为, 连接,如图 ,则, 且,平面平面 ,平面 平面,平面 , 则,, , 从而, 易知 的中点就是三棱锥的外接球的球心,球的半径为, 表面积是,故D正确; 故选BD 9.已知是两个不重合的平面,是两条不重合的直线,则下列命题正确的是( ) A.若则 B.若则 C.若,,则 D.若,则 【答案】 ACD 【解析】 若,则且使得,,又,则,,由线面垂直的判定定理得,故A对; 若,,如图,设,平面为平面,,设平面为平面,,则,故B错; 垂直于同一条直线的两个平面平行,故C对; 若,则,又,则,故D对; 故选ACD. 10.在长方体中,,E,F,P,Q分别为棱的中点,则下列结论正确的是( ) A.B.平面EFPQ C.平面EFPQD.直线和所成角的余弦值为 【答案】 ABD 【解析】A.如图所示, 因为,所以四边形是正方形,所以, 又因为几何体为长方体,所以平面,所以, 又因为,所以平面, 又因为平面,所以,故结论正确; B.如图所示, 假设平面,因为

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